一质量为m的小球以初动能E k0 从地面竖直向上抛出，已知上升过程中受到阻力f作用，如图所示，图中两条图
对于整个上升过程，根据动能定理得：-（mg+f）h0=0-Ek0，由图象①得，mgh0=Ek0k+1，联立解得，f=kmg．所以fmg＝k设上升高度为h时，动能和势能相等，Ek0-（mg+f）h=mgh而Ek0=（k+1）mgh0，f=kmg．带入解得：h=k+1k+2h0所以hh0＝k+1k+2故答案为：k，k+1k+2
B
| A、根据动能定理可知上升高度越大，动能越小，重力势能越大，故①、②分别表示重力势能、动能随上升高度的图象，故A错误； B、从②图线看，重力势能、动能随着高度的变化成线性关系，故合力恒定，受到的阻力大小恒定，由功能关系可知从抛出到最高点的过程中机械能的减少量等于阻力的功的大小，由②图线可知：fh 0 =E k0 -
C、设h高度时重力势能和动能相等，①图线的函数方程为E k =E k0 -（mg+f）h，②图线的函数方程为E P =
故选BCD |
质量为m的小球以v 0 的水平初速度从O点抛出后,恰好击中倾角为θ的斜面...
得出小球在A点的速度v= v 0 sinθ ，所以动能的变化 △ E K = 1 2 m( v 0 sinθ ) 2 - 1 2 m v 0 2 ．故B正确． C、因为反弹后的速度未知，则无法求出反弹后落回地面的时间．故C错误． D、平抛运动的时间t= v ...
一质量为m的小球以初动能E k0 从地面竖直向上抛出,已知上升过程中受到...
且由①图线根据动能定理可知E k0 =（mg+f）h 0 ，解得f=kmg，故B正确； C、设h高度时重力势能和动能相等，①图线的函数方程为E k =E k0 -（mg+f）h，②图线的函数方程为E P = Ek0 (k+1)h0 h，令E k =E P ，及E k0 =（mg+f）h 0 和f=kmg，联立解得h= ...
如图,一个质量为m的小球以初速度v飞出高为H的桌面,A点距离地面高为h...
A、点A高度为h，故重力势能为mgh，故A正确；B、小球运动过程中机械能一直守恒，根据机械能守恒定律，有：mgH+12mv2=mgh+EkA故EkA＝mh(H?h)+12mv2故B错误；C、小球运动过程中机械能一直守恒，故在A点的机械能等于在初始位置的机械能，为E＝mgH+12mv2，故C错误；D、小球运动过程中机械能一直守...
质量为m的小球,以初速度v0竖直向上抛出,小球上升的最大高度为H,已知小 ...
A、质量为m的小球，以初速度v0竖直向上抛出，小球在运动过程中受到的空气阻力与速率成正比．所以f=kv．小球上升的最大高度为H时，动能应该为零，故A错误．B、重力势能Ep=mgh，故B正确．C、由于物体受空气阻力的作用，所以物体的机械能要减小，减小的机械能等于克服阻力做的功．△E=Wf=.fh Wf...
将质量为m的小球以初速度V0竖直上抛,若该球所受的空气阻力大小恒为f...
由于物体受到重力和阻力的作用；a=（mg+f)\/m 由V^2=2ax可得：h=mV0^2\/2(mg+f)由于 阻力始终在做负功；所以由抛出点到回到抛出点，动能定理得：-2fh=1\/2mV^2-1\/2mV0^2 解得：V=根号下V0^2-2fV0^2\/(mg+h)
如图所示,质量为m的小球,以初速度v0从斜面上A点水平抛出,落在斜面上B...
设小球落在B点时的速度大小为v，竖直分速度大小为vy．据题得：12mv2=5?12mv20可得：v=5v0又根据速度的分解得：vy=v2?v20=5v20?v20=2v0由vy=gt得：t=2v0g在此过程中重力冲量为：I=mgt=2mv0故答案为：2mv0，2v0g
关于“一质量为m的小球以初动能Ek0冲上倾角为θ的粗糙斜面”的物理题...
BC对。从图可知，小球上升阶段，动能随上升高度 h 的变化是直线2所示，若设沿斜面运动的最大距离是S 则 Ek0＝mg* h0＋f *S 重力势能随高度 h 的变化是直线1所示，有 mg* h0＝Ek0 \/ (K＋1)Ek0＝ (K＋1)*mg* h0 所以 ， (K＋1)*mg* h0＝mg* h0＋f *S K*mg* h0＝f *S...
如图所示,一质量为m的小球,以初速度v 0 沿水平方向射出,恰好垂直地射...
解：小球在碰撞斜面前做平抛运动。设刚要碰撞斜面时小球速度为v，由题意，v的方向与竖直线的夹角为30°，且水平分量仍为v 0 ，如图所示，由此得v=2v 0 ① 碰撞过程中，小球速度由v变为反向的 碰撞时间极短，可不计重力的冲量，由动量定理，斜面对小球的冲量为 ② 由①、②得 ...
如图,一个质量为m的小球(可视为质点)以某一初速度从A点水平抛出,恰好从...
（3） 试题分析：（1）小球从A到B：竖直方向 =2gR（1+cos60°）=3gR 则v y = 在B点，由速度关系v 0 = （2）小球从D到B，竖直方向R（1+cos60°）= 解得：t= 则小球从D点抛出的速度v D = 在D点，由牛顿第二定律得：mg﹣N=m 解得：N= （3）从A到D全程应...
一个小球质量为m,以初速V0竖直上抛,受到阻力与速度关系:F=k*V,k=...
F是阻力取负号 a=-F\/m=-k*v\/m dv\/dt=-k*v\/m 分离变量并积分 ∫dv\/v=∫(-k*\/m)dt (v0--->v) (0--->t)ln(v\/v0)=(-k*\/m)t v\/v0=e^(-k*t\/m)v=v0*e^(-k*t\/m)=20*e^(-2t\/10)=20e^(-0.2t)m\/s ...
石莘甲硝：[选项] A. E1是最大势能,且E1= Ek0 k+1 B. 上升的最大高度h0= Ek0 (k+1)mg C. 落地时的动能Ek= kEk0 k+1 D. 在h1处,物体的动能和势能相等,且h1= Ek0 (k+2)mg
三门峡市13881338251： 一质量为m的小球以初动能E k0 从地面竖直向上抛出,已知上升过程中受到阻力作用,图中两条图线分别表示小 - ？
石莘甲硝： BCD 随着高度增加,动能减小,重力势能增大,A错误;根据动能定理有: ,图线①②均为线性,则阻力恒定,且有 , ,即 ,B正确;上升高度 时, ,此时重力势能为: ,C正确;上升高度 时,动能为 ,动能与重力势能之差为 ,D正确
三门峡市13881338251： 一质量为m的小球以初动能Ek0从地面竖直向上抛出,已知上升过程中受到阻力f作用,如图所示,图中两条图线 - ？
石莘甲硝： A、根据动能定理可知上升高度越大,动能越小,重力势能越大,故①、②分别表示重力势能、动能随上升高度的图象,故A错误;B、从②图线看,重力势能、动能随着高度的变化成线性关系,故合力恒定,受到的阻力大小恒定,由功能关系可...
三门峡市13881338251： (2012•闵行区二模)一质量为m的小球以初动能Ek0从地面竖直向上抛出,已知上升过程中受到恒定阻力作用,图中两条图线分别表示小球在上升过程中动能... - ？
石莘甲硝：[答案] 对于整个上升过程,根据动能定理得:-(mg+f)h0=0-Ek0,由图象①得,mgh0= Ek0 k+1,联立解得,f=kmg. 所以 f mg=k 设上升高度为h时,动能和势能相等, Ek0-(mg+f)h=mgh 而Ek0=(k+1)mgh0,f=kmg. 带入解得:h= k+1 k+2h0 所以 h h0= k+1 ...
三门峡市13881338251： 一质量为m的小球以初动能E k0 从地面竖直向上抛出,已知上升过程中受到阻力f作用,图中两条图线分别表示 - ？
石莘甲硝： A、根据动能定理得:-(mg+f)h=E k -E k0 ,得E k =E k0 -(mg+f)h,可见E k 是减函数,由图象②表示.重力势能为E P =mgh,E P 与h成正比,由图象①表示.故A错误. B、对于整个上升过程,根据动能定理得:-(mg+f)h 0 =0-E k0 ,由图象②...
三门峡市13881338251： 关于“一质量为m的小球以初动能Ek0从地面竖直向上抛出”的物理题? ？
石莘甲硝： 地面为零势面,小球上升过程中,重力势能增大,动能减小,所以1为重力势能,2为动能的变化,A是错误的.可以从图中看出,小球上升的最大高度为h0,在这个过程中...
三门峡市13881338251： (2012?闵行区二模)一质量为m的小球以初动能Ek0从地面竖直向上抛出,已知上升过程中受到恒定阻力作用, - ？
石莘甲硝： 对于整个上升过程,根据动能定理得:-(mg+f)h0=0-Ek0,由图象①得,mgh0= Ek0 k+1 ,联立解得,f=kmg.所以 f mg =k设上升高度为h时,动能和势能相等,Ek0-(mg+f)h=mgh而Ek0=(k+1)mgh0,f=kmg.带入解得:h= k+1 k+2 h0所以 h h0 = k+1 k+2 故答案为:k, k+1 k+2
三门峡市13881338251： 质量为m的小球以初动能Ek在光滑的水平面上运动一小段距离,与竖直挡板相碰后,以原来的速率沿原路返回,则小球与挡板相碰中动量变化量大小为22... - ？
石莘甲硝：[答案] 小球的动量大小:p= 2mEK, 以小球的初速度方向为正方向,碰撞过程动量的变化量: △p=p′-p=- 2mEK- 2mEK=-2 2mEK, 负号表示动量变化的方向与初速度方向相反; 故答案为:2 2mEk;与初运动方向相反.
三门峡市13881338251： 如图,O、A、B为同一竖直平面内的三个点,OB沿竖直方向,∠AOB=60°,OA:OB=2:3,将质量为m的小球自O点水平向右抛出,其初动能为Ek0,小球在运... - ？
石莘甲硝：[答案] (1)设小球的初速度为v0,OA长度为d,从O点运动到A点的时间为t,根据平抛运动规律可写出dsin60°=v0t,dcos60°=12gt2,小球在A点竖直分速度vy=gt由以上三式可求出vy=233v0,所以EkA=12mv02+12mvy2=73Ek0(2)加电...
三门峡市13881338251： 如图所示,将一质量为m的小球以一定的初速度自O点水平向右抛出,小球在运动过程中恰好通过A点,OA与竖直 - ？
石莘甲硝： 小球做平抛运动,在水平方向有:OA?sin53°=v0t,竖直方向有:OA?cos53°=1 2 gt2,初动能:EK0=1 2 mv02,从O到A过程,由动能定理得:EKA-EK0=mg?OA?cos53°,解得:EkA Ek0 =4 13 ;故选:D
