两带电小球A、B分别位于光滑且绝缘的竖直墙壁和水平地面上，在作用于B的水平力F的作用下静止于图示位置．
对A球受力分析，受到三个力如右下图，B小球向左缓慢推动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，A的重力不变，墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定则，库仑力变小，墙壁的弹力变小．对整体而言，墙壁对球的弹力等于推力，所以推力变小，即F变小；对整体受力分析后，地面的支持力始终等于两球的总重力，所以F N 不变．故ACD错误，B正确．故选B．
对A球受力分析，受到三个力如右下图，B小球向左缓慢推动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，A的重力不变，墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定则，库仑力变小，墙壁的弹力变小．对整体而言，墙壁对球的弹力等于推力，所以推力变小，即F变小；对整体受力分析后，地面的支持力始终等于两球的总重力，所以FN不变．故ACD错误，B正确．故选B．
解答：解：对A球受力分析，受到三个力如右下图，B小球向左缓慢推动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，A的重力不变，墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定则，库仑力变小，墙壁的弹力变小．对整体而言，墙壁对球的弹力等于推力，所以推力变小，即F变小；对整体受力分析后，地面的支持力始终等于两球的总重力，所以FN不变．故ACD错误，B正确．
故选B．
如图所示,带电小球A、B的电荷分别为QA、QB,OA=OB,都用长L的丝线悬挂在...
即mgL=kq1q2d2d=kq1q2d3整理得：mgd3=kq1q2Ld=3kq1q2Lmg要使d变为d2可以使B质量增大到原来的8倍而保证上式成立；故A正确，BC错误；或将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半，
两带电小球A、B分别位于光滑且绝缘的竖直墙壁和水平地面上,在作用于B...
解答：解：对A球受力分析，受到三个力如右下图，B小球向左缓慢推动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，A的重力不变，墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定则，库仑力变小，墙壁的弹力变小．对整体而言，墙壁对球的弹力等于推力，所以推力变小，即F变小；对整体受力分析后，地面的支持力始...
【例题】两个带电小球A和B,质量分别为m1、m2,带有同种电荷,带电荷量分...
两带电小球a和b，质量分别为(m1)、(m2),带同种电荷，带电量分别为(q1)、(q2),ab两球均放在光滑绝缘的水平板上，a球固定，b球被质量为(m3)的绝缘挡板p在向右的水平力f作用下开始向右做匀加速直线运动，加速度大小为a，经过一段时间带电小球b与挡板p分离,在此过程中力f对挡板做功w，求1、...
A、B两带电小球,质量分别为mA、mB,电荷量分别为qA、qB,用绝缘不可伸长...
解答：解：A、对小球A受力分析，受重力、静电力、拉力，如图：根据平衡条件，则有，两球间的库仑力是作用力与反作用力，一定相等，与两个球是否带电量相等无关，故A错误；有：mAg=TAcos30° 因此：TA=233mAg，故B错误； C、由整体法可知，细线的拉力等于两球的重力，故C正确；D、同时烧断AC、B...
ab两个带电小球
假设A球带q1电荷,B球带q2电荷,根据库伦定律：F=kq1q2\/d^2,且F=ma 然后F`=ma\/4,联立3式可得此时AB距离为d\/2
在电场中带电小球AB之间会有相互的电场力吗?
它们之间会产生斥力，如果电荷是相反的，它们之间会产生引力。这个电场力的大小可以通过库仑定律来计算，即：F = k * (q1 * q2) \/ r^2 其中，F表示电场力的大小，k为库仑常量，q1和q2分别表示小球A和小球B所带的电荷量，r表示它们之间的距离。因此，在电场中带电小球AB之间会有相互的电场力。
如图所示,a,b两个带电小球,质量分别 为ma和mb,用绝缘细线悬挂,两球�...
答案：解：存在C球时，对A、B球受力分析，由于悬线都沿竖直方向，说明水平方向各自合力为零，说明A球带负电而B球带正电，去掉C球后，两球将互相吸引．又由于两球质量mA＜mB，在平衡时B球的悬线与竖直方向间的夹角小，由于（α＞β），因此A选项正确．
1.如图所示,两个带电小球A,B分别用细丝线悬吊在同一点O,静止后两小球...
F为两个电荷之间的相互作用力，大小相等 对m1:T1sinα=F (1)T1cosα=m1g (2)对m2:T2sinβ=F (3)T2cosβ=m2g (4)(2)*sinα得：T1cosαsinα=m1gsinα 由（1）得 Fcosα=m1gsinα 同理可得：Fcosα=m1gsinα Fcosβ=m2gsinβ 所以：m1\/m2=tgβ\/tgα α、β为...
如图所示,两个带电小球A和B分别带有同种电荷QA和QB,质量为mA和mB.A固...
θ=dL，所以F=mBgsinθ=mBgθ=mBgdL，根据库仑定律有 kQAQBd2=mBgdL，所以当A、B间距减小到d2时，A、将B的电量减小到QB8时，上式仍然相等，所以A正确；B、将A的电量减小到QA8时，上式仍然相等，所以B正确；CD、将B的质量增大到8mB时，上式仍然相等，所以C错误，D正确；故选ABD．
两个带电小球A和B,质量分别为m1、m2,带有同种电荷,带电量分别为q1、q2...
⑤对B球应用动能定理得：W3+W2=12m2v2 …⑥由④⑤⑥联立解得电场力对B球做功为：W3=（m2+m3）a（m2akq1q2?d）-W答：（1）力F的最大值为m3a，最小值为（m3+m2）a-kq1q2d2．（2）带电小球B与挡板分离时的速度为2a(kq1q2m2a?d)．（3）从开始运动到带电小球与挡板P分离的过程...
主父亭复肝： 对A球受力分析,受到三个力如右下图,B小球向左缓慢推动一小段距离后,库仑力与竖直方向的夹角变小,A的重力不变,墙壁的弹力方向不变,根据平行四边形定则,库仑力变小,墙壁的弹力变小.对整体而言,墙壁对球的弹力等于推力,所以推力变小,即F变小;对整体受力分析后,地面的支持力始终等于两球的总重力,所以F N 不变.故ACD错误,B正确. 故选B.
泸溪县15899629898： 如图所示,竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘.两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面上,且处于同一竖直平面内,若用图示方向的水平... - ？
主父亭复肝：[选项] A. 如果将小球B向左推动少许,在重新达到平衡时,推力F将增大 B. 如果将小球B向左推动少许,在重新达到平衡时,两球间距离将减小 C. 如果球B不动,将球A的电荷量增大少许,在重新达到平衡时,推力F将增大 D. 如果球B不动,将球B的电荷量增大少许,在重新达到平衡时,两小球间距离将增大
泸溪县15899629898： 如图所示,两个带电小球A、B分别处于光滑绝缘的竖直墙面和斜面上,且在同一竖直平面内.用水平向左的推力 - ？
主父亭复肝： B、D、先对小球A受力分析,受重力、支持力、静电力,如图所示:根据共点力平衡条件,有:F库= mg cosα … ① FN=mgtanα…② 由于α减小,根据①式,库仑力减小,故两球间距增加;故D错误;由于α减小,根据②式,墙面对A的弹力变小;故B正确;A、C、再对AB整体受力分析,受重力、斜面支持力N、墙壁支持力FN、推力F,如图所示:根据共点力平衡条件,有:Nsinβ+FN=F Ncosβ=(m+M)g 解得:F=(m+M)gtanβ+mgtanα… ③ N=(m+M)g cosβ … ④ 由于α减小,β不变,根据③式,推力F减小;故A正确;由于α减小,β不变,根据④式,斜面对B的弹力不变;故C错误;故选:AB.
泸溪县15899629898： 两个带电小球A和B,质量分别为m1、m2,带有同种电荷,带电量分别为q1、q2.A、B两球均放在光滑绝缘的水平 - ？
主父亭复肝： 解答:解析:(1)开始运动时力F最小,以B球和挡板为研究对象,由牛顿第二定律 F1+k=(m3+m2)a 解得最小力为:F1=(m3+m2)a-k B球与挡板分离后力F最大,以挡板为研究对象,由牛顿第二定律解得最大力为:F2=m3a (2)B球与挡板分离...
泸溪县15899629898： 两个带有同种电荷的小球A B,放在光滑绝缘水平面上,小球A固定,小球B只在库伦力作用下静止开始沿水平面运小球B的加速度和速度的变化时怎样的啊? - ？
主父亭复肝：[答案] 设小球的电量为q,B的质量为m,两球的初始距离为R,B在运动过程中与A的距离为r(r不小于R)时的加速度和速度分别为a和VF=kqq/r^2a=F/m=kqq/(mr^2)A形成的电场在r=R处的电势为U=kq/RB在此处的电势能E=qU=kqq/RA形成的电场...
泸溪县15899629898： 视为点电荷的两带电小球A、B,固定在绝缘光滑水平面上,相距L,带电量分别为 - Q、+4Q,现在引入点带电小球C,求:(1)C放在何处在A、B库仑力作... - ？
主父亭复肝：[答案] (1)因为A、B带电量分别为-Q、+4Q,所以C应放在AB两电荷电场强度的矢量和为零的地方, 设距A为x,则有x处有: 4kQ (x+L)2= kQ x2; 解得:x=L; (2)设C带电量为q,且由平衡条件可知,带负电; 对A由平衡条件,则有: kQq x2= 4kQ2 L2; 解...
泸溪县15899629898： 两个带电小球A和B,质量分别为m1、m2,带有同种电荷,带电量分别为q1、q2.A、B两球均放在光滑绝缘的水平板上,A球固定,B球被质量为m3的绝缘... - ？
主父亭复肝：[答案] 解析:(1)开始运动时力F最小,以B球和挡板为研究对象,由牛顿第二定律 F1+k q1q2 d2=(m3+m2)a 解得最小力为:F1... ② 又由运动学公式得: v2=2aS …③ 由①②③联立解得,带电小球B与挡板分离时的速度为:v= 2a(kq1q2m2a−d) (3)设B球...
泸溪县15899629898： 如图所示,竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘,两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面,且 - ？
主父亭复肝： A、对A球受力分析,受到三个力如图1所示,B小球向左缓慢拉动一小段距离后,库仑力与竖直方向的夹角变小,B的 重力不变,墙壁的弹力方向不变,根据平行四边形定则,库仑力变小,竖直墙面对小球A的推力NA变小.对整体而言,墙壁对球的弹力等于推力F,则推力F将减小.故AB错误. C、对整体受力分析,如图2所示,地面的支持力始终等于两球的总重力,所以地面对小球B的支持力不变.故C正确. D、由A分析得知,AB间的库仑力变小,根据库仑定律得知,两球间距离变大.故D正确. 故选CD.
泸溪县15899629898： 如图所示,竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘.两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面,且处于同一竖直平面内,若用图示方向的水平推力F作用于小球B,则两球静止于图示位置.如果将小球B向左推动？
主父亭复肝： 作受力分析,A球受重力,墙壁的弹力,B对A的库仑力,且A球平衡条件是库仑力F竖直方向分力等于重力,当左推的时候夹角θ变小,而库仑力与重力关系是Fcosθ=G,则所需库仑力变小.由库仑力公式F=kQq/r^2 知r要变大, 假如变小或不变,则库仑力分力比重力要大,A不稳定,而要A平衡则距离要变大.
泸溪县15899629898： 如图所示,竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘.两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面,且处 - ？
主父亭复肝： 反推,A重力不变B靠近,A向上运动由于角的关系,A受到墙给它的力变小,合力变小,所以两球间电荷力减小,由公式可知两球距离会增大
