如图所示，一质量m=1kg的可视为质点的物块，从光滑的四分之一圆弧轨道顶端由静止下滑
（1）滑块从A运动到B的过程中，由机械能守恒定律得：mgR=12mv2B解得：vB＝2gR=2m/s在B点：N-mg=mv2BR代入解得：N=60N由牛顿第三定律可知，滑块对轨道的压力为N′=N=60N，方向竖直向下．（2）滑块从B运动到C的过程中，根据牛顿第二定律得：μmg=ma又：v20?v2B＝?2aL联立上两式解得：μ=0.3（3）设滑块从B运动到C的时间为t，加速度：a=μg=3m/s2．由v0=vB+at，得：t=v0?vBa=4?23s=23s在这段时间内传送带的位移为：S传=v0t=83m传送带与滑块的相对位移为：△S=S传-L=23m故滑块与传送带之间的摩擦而产生的热量：Q=μmg?△S=4J．答：（1）滑块到达底端B时对轨道的压力是60N，方向竖直向下；（2）滑块与传送带问的动摩擦因数μ是0.3；（3）此过程中，由于滑块与传送带之间的摩擦而产生的热量Q是4J．
A、由机械能守恒可知，mgR=12mv2，解得b点时的速度为2gR，故A错误；B、b点时，物体受重力、支持力而做圆周运动，则由F-mg=mv2R可得，支持力F=3mg，由牛顿第三定律可知，物块对b点的压力为3mg，故B错误；C、对全程由动能定理可知，mgR-μmgs=0，解得bc两点间的距离为Rμ，故C正确；D、在滑动过程中，摩擦力所做的功等于机械能的损失，故机械能损失了μmgs=mgR，故D错误；故选：C．
（1） v=rw，则w= 3/0.1 =30（2） F -mg =mv'²/R， v'=√gR=2√2， F= 20N
（3）s=v'²/2ug = 4m<L， 所以会反向加速从左侧离开
加速到3m/s时，s' =3²/2ug=4.5m< s =4m，所以离开时未加速到v（不会和皮带相对静止）
一直是摩擦力做功，开始做负功，后来做正功，所以总功为0
1）皮带轮转动的角速度15rad/s．
（2）物块滑到圆弧轨道底端时对轨道的作用力为60N；
（3）物块将从传送带的右端离开传送带．物块在传送带上克服摩擦力所做的功为12J
...在倾角为37°的粗糙足够长斜面的底端,一质量m=2kg可视为质点的滑块压...
A、在v-t图象中，斜率代表加速度，斜率为a=△v△t＝0.8?1.60.1m\/s2＝?8m\/s2，故A正确；B、由v-t图象可知，沿斜面向上为正方向，滑块在0．ls～0.2s时间间隔内速度为正，故物块还是沿斜面向上运动，故B错误；C、滑块在0．ls～0.2s内，由牛顿第二定律可知，-mgsin37°-μmgcos37°=ma...
(9 分)如图所示,光滑水平面上的O处有一质量为m=2Kg物体。物体受到两个...
（1） （2） （3）1m\/s 试题分析： （1）当 x =0.5m时， F 2 =(2+2×0.5)N=3N （2分） （2）物体所受的合外力为 作出 图如图所示：从图中可以看出，当 时，物体有最大加速度 。 当 时，物体也有最大加速度 。 负号表示加速度方向向左。（4分...
如图1所示,质量M=2kg的长木板置于光滑水平面上,质量均为1kg的m1和m2...
f+f1max=（m1+m2）af＝(m1+m2)×Fm1+m2+M?f1max＝12F?1据题意，m2相对于M不滑动，m2产生的最大加速度为2m\/s2，即F最大值为8N当F＞8N时，m2将开始滑动，所受摩擦力为恒力即f=μm2g，不随F的变化而变化．故图象如下图所示：答：（1）F至少为8N；（2）图象如上图所示．
...H =50m的悬索(重力可忽略不计) 系住一质量 m =50kg的被困_百度知...
m\/ s竖直方向上的位移 y ＝ ＝25m水平方向的位移 x ＝ v 0 t ＝50m合位移 m（3） t ＝5s时悬索的长度 l ′＝50－ y ＝25m旋转半径 r ＝ l ′sin 37°由 解得 此时被困人员 B 的受力情况如下图所示 由图可知 T cos 37 °＝ mg ，解得 N。
如图甲所示,质量M=20kg的物体从光滑曲面上高度H=0.8m处释放,到达底端时...
首先你的图没给我也不确定我想象的图是否正确。如果物体在离开右端的传送带之前速度降为零，则物体将从左端离开，反之，将从右端离开。在这个过程中，取传送带为势能零点，由能量守恒得 mgh=umgs,其中s为物体在传送带上滑动的距离。s=8m>6m，所以当物体速度将为零的时候，滑动的8米，由于皮带轮...
【图】一道物理力学的题目:如图所示,质量为M=2kg的足够长的长木板,静...
分别对系统列动量定理 4f=(3+2)X4-3v0 12f=3v0 解得v0=5 是不存在相对运动
如下图所示,质量M=2.0kg的长木板A放在光滑水平面上,质量m=0.50kg的小...
（1）0.6N向右；（2）9.5N；（3）大于7.5N
如图所示,质量m=1.0kg的物体,放在足够长的固定斜面底端,斜面倾角θ=37...
（1）物体在拉力F作用下沿斜面向上运动，受力如答图1：重力mg、拉力F、支持力N、滑动摩擦力f．由牛顿第二定律得 F-mgsinθ-f=ma 1 N-mgcosθ=0又f=μN联立得： a 1 = F-mgsinθ-μmgcosθ m =4.0 m\/s 2 所以细线断开时，物体速度的大小：v 1 =a 1 t ...
如图甲所示,质量 m =1.0 kg的物体置于倾角 θ=37º的固定粗糙斜面上...
根据牛顿第二定律有：a 1 = （F-mgsin37°-μmgcos37°）\/ m；a 2 = （mgsin37°+μmgcos37°）\/ m；联立两式得，F=30N，μ=0.5，故A错误。B、根据速度时间图线知，当速度减到零时，t=3s，则知t=3s时物体运动到最高点。故B正确。C、在0～1s内，除重力以外，有拉力和摩擦力...
如图a所示,质量m=1kg的物体静止在光滑的水平面上,t=0时刻,物体受到一个...
（1） （2） （3） 试题分析：（1）根据动能定理得： 解得： （2）由v-t图像可知，物体在斜面上位移为： 根据动能定理得： 解得： 物体从斜面底端滑到最高点过程中克服摩擦力做功的平均功率为： （3）根据动能定理得： 解得：
肇巩米非：[答案] (1)设滑块刚滑上传送带时的速度为v0,对于弹簧释放过程,根据滑块与弹簧组成的机械能守恒得: EP= 1 2m v20 得 v0= 2... 滑块滑上传送带后,向左做匀减速运动,设匀减速运动至速度为零的时间为t1. 匀减速运动的加速度大小为 a= μmg m=μg 则t1...
集安市15235512583： 如图所示,一质量m=1kg的小物块(可视为质点)从A点以大小v0=4m/s的初速度沿切线进入光滑圆弧轨道AB,经圆弧轨道后滑上与B点等高、静止在粗糙水... - ？
肇巩米非：[答案] (1)小物块到达B点时速度为v1从A至B点,由 动能定理得mgh= 1 2m v21- 1 2m v20 设C点受到的支持力为FN,则有 FN-mg=... 此时共同速度为v共=v物块=v木板=1m/s. 此后它们做匀减速运动,加速度a共= Ff2 m+M=2m/s2, 由v共-a共t′=0可求得小物块...
集安市15235512583： 如图所示,一质量m=1kg的小物块(可视为质点),放置在质量M=4kg的长木板左侧,长木板放置在光滑的水平面上.初始时,长木板与物块一起以水平速度v0... - ？
肇巩米非：[答案] (1)物块与挡板碰后,小物块与木板组成的系统水平方向动量守恒,以向左为正方向,由动量守恒定律得:Mv0-mv0=(M+m)v,代入数据解得:v=1.2m/s,(2)物块与障碍物第一次碰撞后,物块向右做减速到速度为0的过程中...
集安市15235512583： 如图所示,质量为m=1kg的可视为质点的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的P点,随传送带运动到A点后水平抛出,小物块恰好无碰撞的沿圆弧切线... - ？
肇巩米非：[答案] (1)对小物块由A到B有:Vy2=2gh 在B点:tanθ= vy v1 解得:v1=3m/s (2)由A到O,根据动能定理有: 1 2mv02- 1 2mv12=mg(... ＂,title:＂如图所示,质量为m=1kg的可视为质点的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的P点,随传送带运动到A点后...
集安市15235512583： 如图所示,一质量为m=1kg的小球(可视为质点)从高H=12m处的A点由静止沿光滑的圆弧轨道AB滑下,进入半径为r=4m的竖直圆环轨道,圆环轨道的动摩... - ？
肇巩米非：[选项] A. 8m B. 9m C. 10m D. 11m
集安市15235512583： 如图所示,一质量M=2kg的长木板精致放在光滑水平面上,在木板的右端放一质量m=1kg可视为质点的小物块 - ？
肇巩米非： 解:(1)向右 大小:Ff=umg=2N (2)在这1秒内,木块向前运动距离:L=(ugt^2)/2=1m 相对木板滑行距离:l=1m 所以木板向前运动L总=L+l=2m a木板:a木块=2:1 F-umg=maa木块=2m/s^2 F=10N (3)有动量守恒:v共同=10/3m/s 在这段时间里:L木块=(v1^2-v2^2)/2a木块 L木块= 16/9m 同理L木板=22/9m L相对=2/3m L板min=1+2/3=5/3m
集安市15235512583： 如图所示质量为m=1kg的滑块(可视为质点)由斜面上P点以初动能EK0=20J沿斜面向上运动,当其向上经过Q点时动能EKQ=8J,机械能的变化量△E机= - 3... - ？
肇巩米非：[答案] (1)由P到Q过程中,由动能定理可知: -(mgsinα+f)s1=EKQ-EK0 -fs1=△E机 联立解得:f= mgsinα 3= 10*0.6 3=2N; (2)P... 故相对位移问问: △x=s1-s2=4-1.5=2.5m=L; 故此时m恰好滑至木板右端,之后相对静止在地面上滑行 若滑块能达到圆弧最...
集安市15235512583： 如图所示,一质量为m=1kg的可视为质点的滑块,放在光滑的水平平台上,平台的左端与水平传送带相接,传送 - ？
肇巩米非： (1)设滑块刚滑上传送带时的速度为v0,对于弹簧释放过程,根据滑块与弹簧组成的机械能守恒得: EP=1 2 m v 20 得 v0= 2EP m = 2*4.5 1 m/s=3m/s 滑块滑上传送带后,向左做匀减速运动,设匀减速运动至速度为零的时间为t1. 匀减速运动的加...
集安市15235512583： 如图所示,一质量为m=1kg的物块(可视为质点)从倾角为37°的斜面顶点A由静止开始在沿斜面向下的恒力F=50N的作用下运动一段距离后撤去该力,此后... - ？
肇巩米非：[答案] (1)物体从C点抛出后竖直方向做自由落体运动,到D点时,竖直方向分速度:vy= 2gh= 2*10*0.45m/s=3m/s 则小球运动到D点的速度为: vD= v20+v2y= 3+9=2 3m/s (2)由(1)得vD与水平方向成60°,DE间的高度差为 h=R(1-cos60°)=0.5* 1 2m=0.25m 由...
集安市15235512583： 如图所示,质量为m=1kg的小物体(可视为质点),放在质量为M=4kg,长为L=1.6m的小车左端,它们之间的动摩擦因数为μ=0.5,今使小物体与小车以共同... - ？
肇巩米非：[答案] (1)若小车与墙壁碰撞后最终保持静止,则小车与墙碰撞后,小物体最多向右滑动到小车的最右端速度减为零. 根据动能定理得,−μmgL=0− 1 2mv02 解得最大速度v0= 2μgL= 2*0.5*10*1.6m/s=4m/s. 则v0≤4m/s. (2)设小物体与墙壁碰撞后的速度为v1...
