如图1，在一个密闭的气缸内有一定质量的理想气体，如图2所示是它从状态A变化到状态B的V-T图象，己知AB的
解：(1)A，C两状态体积相等，则有 得： =160K (2)由理想气体状态方程 得： K=480 K 由此可知A、B两状态温度相同，故A、B两状态内能相等；而该过程体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律得：气体吸收热量
由理想气体的状态方程pAVATA=pBVBTB则得 TB=pBVBpAVATA由图知，pA=0.5atm，pB=1atm，TA=300K，VA=1m3，VB=2m3，代入上式得： TB=1atm×2m3×3000.5atm×1=1200K即气体在状态B的温度TB=1200K②由B→C，气体做等容变化，由查理定律得：pT=c，可知，压强减小，温度降低．气体由B到C为等容变化，不做功，但温度降低，内能减小．根据热力学第一定律，△U=W+Q，可知气体要放热故答案为：1200K；放热．
①由图示图象可知，从A到B过程，气体的V与T成正比，由理想气体状态方程可知，气体的压强不变，气体发生等压变化，
则气体在B点的压强等于A点的压强：1×105Pa；
②由题V-T图象通过坐标原点，则知从A到B理想气体发生等压变化．
由盖-吕萨克定律得：
| VA |
| TA |
| VB |
| TB |
解得：VB=
| TB |
| TA |
| 400 |
| 300 |
外界对气体做的功：W=-P（VB-VA）=-1.0×105×（8.0×10-3-6.0×10-3 ）J=-2×102J …③
根据热力学第一定律：△U=Q+W …④
解得：△U=7.0×102J-2×102J=5.0×102J …⑤
答：①B点的压强为：1×105Pa；
②此过程中气体内能的增量△U为5.0×102J．
在一个密闭的水塘中(不受外界影响),从水底挖起一吨淤泥放到船上,问水...
上升 设挖上来的淤泥体积为V1，因为水要填补淤泥的地方，V1可以看作水塘丢失的水的体积，那么为了承受多出来的重量就要多排开水V2，这个是水塘增加的水的体积。V1*淤泥的密度=V2*水的密度 淤泥比水的密度大，所以V1<V2.所以水塘看上去的体积变大了，水塘水面上升 ...
在一定条件下,在一个密闭容器中发生某反应,测得反应过程中各物质的质量...
故B正确；C、根据质量守恒定律，反应后A的质量为（19.7+8.7+31.6+0.4）g-（17.4+3.6）=38.6g，故C错误；D、由以上分析可知，C是反应物，A是生成物，根据质量守恒定律，反应的C的质量大于生成的A的质量，因此若物质A与物质C相对分子质量比为197：158，则反应中A和C化学计量数之比一定...
将一盆植物和一只小白鼠一同放到一个密闭的玻璃罩中(如图),并做以下实 ...
（1）将此装置放在阳光下，由于绿色植物通过光合作用为小白鼠进行正常的生命活动提供了氧气，所以小白鼠和植物在一段较长时间内不会因缺氧而死亡．由此可见绿色植物在生物圈中的重要性，它能通过光合作用吸收二氧化碳，释放氧气．绿色植物通过叶绿体，利用光能，把二氧化碳和水合成有机物，释放出氧气．（2）...
一定条件下,在一个密闭容器内发生某反应,测得反应前后各物质的质量如...
小于已知W的质量23g，由此可知，W中还含有氧元素，错误；C、根据题意，该反应可表示为W+O 2 →CO 2 +H 2 O，由于生成物是两种化合物，故不可能为置换反应，错误；D、结合B可知，W中碳、氢元素质量比=12g：3g=4∶1，正确。故选D点评：理解和熟记质量守恒定律及其应用，以及与之相关的知识，...
在一个密闭容器中有X、Y、Z三种物质,一定条件下充分反应,测量反应前后...
由质量守恒定律可知，20+10+1=未测+21+10，则未测数值为0；根据质量减少的为反应物，质量增加的为生成物，X为反应物，Y、Z为生成物，该反应为分解反应；A、X中未测值为零，正确；B、一切化学反应都遵循质量定律，故错误；C、该反应为分解反应，故错误；故选A，可补充D为该反应为分解反应．
...有光照的适宜环境下. A图是把一支蜡烛放在一个密闭的玻
该实验的目的是为了验证植物的光合作用产生氧气．（1）在密闭装置中，图B中的小白鼠逐渐将装置中的氧气消耗尽，最终因缺氧而死亡．（2）在装置D中，植物的光合作用释放氧气供给小白鼠的呼吸作用，小白鼠的呼吸作用释放的二氧化碳又为植物的光合作用提供了原料．（3）装置A、C形成了一组以植物为变量的...
在一个密闭的容器里,有一根长蜡烛,一根短蜡烛,哪根蜡烛先灭掉?拜托各...
有2种可能 1容器太小,氧气用光,一起灭; 2如果差不多大，有足够的氧气，短蜡烛先灭; 补充一下,就算二氧化碳比氧气重,那么也是短蜡烛先灭,说来说去也是这2种可能
...的实验.Ⅰ利用紫苏进行了实验,图甲表示在一个密
说明此时是番茄植株光合作用释放的O2量和呼吸作用消耗的O2相等的时间点．（3）由于紫苏植株是在密闭容器内种植，一昼夜后A点与D点相比的净氧含量反而减少，即说明在这24h内呼吸作用大于光合作用，积累有机物会减少．Ⅱ（1）图乙中在丙处添加CO2时，CO2固定增强，产生C3增多，所以C5减少．（2）根据题...
如图是一个密闭的养鱼缸,它是一个自我平衡的生态系统.请分析回答:(1...
（1）生态系统的组成包括非生物部分和生物部分．非生物部分有阳光、空气、水、温度、土壤（泥沙）等；生物部分包括生产者（绿色植物）、消费者（动物）、分解者（细菌和真菌）．图中，金鱼藻是生产者，鱼是消费者，阳光、水（25℃）等是非生物部分，因此，图中，还有细菌、真菌扮演的分解者这个角色没有...
请你参照右图制作一个生态瓶,探究生物在一个密闭的生态系统中如何生存...
答：（1）在本生态系统中有光、水、温度和空气能满足生物生存．（2）非生物因素指光、水、温度、空气，生物因素有小鱼，田螺，水草，真菌和细菌等．（3）该装置是密封的，但光照、温度等因素可以进入里面．（4）水草是植物能进行光合作用可以独立生活，而田螺不会自己制造有机物和氧，必须依赖植物才能...
漆炒安吉：[答案] (1)由受力平衡可知: p 1 = p 0 + G S = 1.0*1 0 5 + 5000 500* 10 -4 =2.0*10 5 Pa(2)缸内气体先做等压变化,活塞将运动到卡环处就不再运动,设此时温度为T 1 有&nbs...
衡东县19524153150： 如图所示,一个导热气缸竖直放置,气缸内封闭有一定质量的气体,活塞与气缸壁紧密接触,可沿汽缸壁无摩擦 - ？
漆炒安吉： 气缸内气体压强不变,气体发生等压变化;A、由于气缸是导热的,外界温度逐渐升高,缸内气体温度升高,分子平均动能增大,不一定每个分子的动能都增大,故A错误;B、气体温度升高,内能增加,气体体积变大,对外做功,由热力学第一定律可知,气体要吸收热量,故BD正确;C、气体温度升高,体积变大,汽缸内单位体积内的分子数减少,单位时间内撞击活塞的分子数减少,故C错误E正确;故选:BDE
衡东县19524153150： 如图,一个固定且导热性能良好的气缸内密封有一定质量的理想气体,气体体积为V,压强为p.现用力F缓慢推 - ？
漆炒安吉： A、因气缸导热性能良好,所以气体的变化是等温变化,气体的内能不变.选项A错误. B、外接对气体做功,气体得内能又不变,由热力学第一定律可知,气体对外放热.选项B错误. C、D,对被封闭的气体为研究对象,进行状态分析,有:初状态:V1=V P1=P 末状态:V2=1 3 V P2=?由玻意耳定律有:P1V1=P2V2 解得:P2=3P,所以选项C正确,D错误. 故选:C
衡东县19524153150： 如图所示,气缸内封闭一定质量的理想气体,活塞通过定滑轮与一重物m相连并处于静止状态,此时活塞距缸口的距离h=0.2m,活塞面积s=10cm2,封闭气体... - ？
漆炒安吉：[答案] 活塞移动过程,汽缸内气体对外界做功: W=Fs=pSh=5*104*10*10-4*0.2=10J, 由热力学第一定律得,汽缸内气体内能的变化: △U=Q+(-W)=60-10=50J. 汽缸内的气体内能增加了50J. 答:气体内能增加了50J.
衡东县19524153150： 有一带活塞的气缸,如图1所示.缸内盛有一定质量的气体.缸内还有一可随轴转动的叶片,转轴伸到气缸外, - ？
漆炒安吉： 解答: 解:由pVa=k,a>1…① 可知,当V增大时,p将随之减小(当V减小时,p将随之增大),在p-V图上所对应的曲线(过状态A)大致如图所示.在曲线上取体积与状态B的体积相同的状态C. 现在设想气体从状态A出发,保持叶片不动,而令...
衡东县19524153150： 如图,气缸内装有一定质量的气体,气缸的截面积为S,其活塞为梯形,它的一个面与气缸成θ角,活塞与器壁 - ？
漆炒安吉： 解:以活塞为研究对象,进行受力分析如图:水平方向合力为0:F+P0S=P S sinθ ?sinθ 得:P=P0+ F S 故答案为:P0+ F S .
衡东县19524153150： 如图所示,一气缸竖直放置,气缸内有一质量不可忽略的活塞,将一定量的理想气体封在气缸内,活塞与气缸壁无摩擦,气体处于平衡状态,现保持温度不变... - ？
漆炒安吉：[选项] A. 气体的压强变大 B. 气体的压强变小 C. 气体的体积变大 D. 气体的体积变小
衡东县19524153150： 如图所示电路与一绝热密闭气缸相连,R x 为电热丝,气缸内有一定质量的理想气体,闭合电键后,气缸里的气 - ？
漆炒安吉： 由图示可知,闭合开关后,电流流过电阻丝R x 时做功,把电能转化为气体的内能; A、电阻丝对气体做功,气体温度升高,内能增加,故A正确; B、气体温度升高,分子平均动能增大,故B错误; C、气体温度升高,分子的无规则热运动增强,故C正确; D、由于气体分子数不变,气体体积不变,单位时间内撞击器壁单位面积的分子数不变,故D错误; 故选AC.
衡东县19524153150： 如图所示,气缸内盛有一定质量的理想气体,气缸壁是导热的,缸外环境保持恒温,活塞与气缸壁的接触是光滑 - ？
漆炒安吉： 气体等温膨胀,内能不变,从外界吸收的热量全部对外做功,但是这个过程中引起了其它变化,如有外力控制着活塞缓慢的移动,而非自动进行的,有“第三方”参与,不违背热力学第二定律,故ABD错误,C正确. 故选C.
衡东县19524153150： 如图所示,带有活塞的气缸中封闭一定质量的气体(不计气体的分子势能以及气缸和活塞间的摩擦).将一个半 - ？
漆炒安吉： 电流表示数增大,则由闭合电路欧姆定律可知,电路中电阻减小;根据半导体热敏电阻的性质可知,气缸内温度升高;而气体内能只与温度有关,故内能一定增大,故A正确,C错误;因气体用活塞封闭,故气体的压强不变,故D错误;则由状态方程可得,气体体积一定增大,故B错误;故选A.
