函数f(x)=x

作者&投稿:布古 (若有异议请与网页底部的电邮联系)
已知函数f(x)=x~

(1)f′(x)=(x-1)/x 当0<x<1时,f′(x)<0, f(x)为减函数;
当x≥1时,f′(x)>0, f(x)为递增函数,则当x=1时,函数极小值f(1)=1-0=1
(2)h(x)=f(x)-g(x)=x-alnx+(1+a)/x,则h′(x)=1-a/x-(1+a)/x^2=(x^2-ax-a-1)/x^2=(x+1)[(x-(1+a)]/x^2
①当1+a>0时,即a>-1时,在(0,1+a)上,h′(x)0
所以h(x)在(0,1+a)上单调递减,在(1+a,+∞)单调递增
②当1+a≤0,即a≤-1时,在(0,+∞)上h′(x)>0,所以函数h(x)单调递增。
(3)在[1,e]上存在x0使得f(x)<g(x)成立,即h(x0)<0,即函数h(x)最小值小于0,
由(2)可知:
①当1+a>e,即a>e-1时,则h′(x)<0;函数h(x)在[1,e]上单调递减,
h(x)最小值为h(e)=e+(1+a)/e-a(e^2+1)/e-1
②当1+a≤1,即a≤0时,h′(x)>0,h(x)在[1,e]上单调递增,函数最小值h(1)=1+1+a<0
得a<-2;
③当1<1+a<e,即0<a<e-1时,最小值为h(1+a),因0<ln(1+e)<1,所以0<aln(1+a)<a,
则h(1+a)=2+a-aln(1+a)>2,而与h(1+a)<0矛盾,不成立
所以,只有①和②可满足题意

分析两种情况:
1:当x大于等与0时,得到一个f(x)表达式,算出它的值域R1。
2:当x小于0时,得到一个f(x)表达式,算出它的值域R2。
并上R1与R2就得到f(x)的值域

楼主你想问什么问题呢?这就是一个简单的函数啊,f(x)=x,x是自变量,f是应变量,也就是函数值,他就等效于y=x,楼主明白了么?给我金币啊!

f(x)=x图像如图所示.楼主具体问题是什么呢?



楼主可以这样理解 “f(x)”就是“y”,f(x)=x就是说y=x,只不过换了个符号而已


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求函数f(x)=x
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设函数f(x)=x
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已知函数f(x)=x
f(x)=x and what?

函数f(x)=x
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