关于物理的运动学问题，急~~
常见弹簧类问题分析
高考要求 轻弹簧是一种理想化的物理模型，以轻质弹簧为载体，设置复杂的物理情景，考查力的概念，物体的平衡，牛顿定律的应用及能的转化与守恒，是高考命题的重点，此类命题几乎每年高考卷面均有所见.应引起足够重视.
弹簧类命题突破要点 1.弹簧的弹力是一种由形变而决定大小和方向的力.当题目中出现弹簧时，要注意弹力的大小与方向时刻要与当时的形变相对应.在题目中一般应从弹簧的形变分析入手，先确定弹簧原长位置，现长位置，找出形变量x与物体空间位置变化的几何关系，分析形变所对应的弹力大小、方向，以此来分析计算物体运动状态的可能变化.
2.因弹簧（尤其是软质弹簧）其形变发生改变过程需要一段时间，在瞬间内形变量可以认为不变.因此，在分析瞬时变化时，可以认为弹力大小不变，即弹簧的弹力不突变.
3.在求弹簧的弹力做功时，因该变力为线性变化，可以先求平均力，再用功的定义进行计算，也可据动能定理和功能关系：能量转化和守恒定律求解.同时要注意弹力做功的特点：Wk=-（ kx22- kx12），弹力的功等于弹性势能增量的负值.弹性势能的公式Ep= kx2，高考不作定量要求，可作定性讨论.因此，在求弹力的功或弹性势能的改变时，一般以能量的转化与守恒的角度来求解.
下面就按平衡、动力学、能量、振动、应用类等中常见的弹簧问题进行分析。
二、与动力学相关的弹簧问题
5.如图所示，在重力场中，将一只轻质弹簧的上端悬挂在天花板上，下端连接一个质量为M的木板，木板下面再挂一个质量为m的物体．当剪掉m后发现：当木板的速率再次为零时，弹簧恰好能恢复到原长，(不考虑剪断后m、M间的相互作用)则M与m之间的关系必定为 ( )
A.M>m B.M=m C.M<m D.不能确定
参考答案:B
6.如图所示，轻质弹簧上面固定一块质量不计的薄板，在薄板上放重物，用手将重物向下压缩到一定程度后，突然将手撤去，则重物将被弹簧弹射出去，则在弹射过程中(重物与弹簧脱离之前)重物的运动情况是 ( ) 参考答案：C
A.一直加速运动 B．匀加速运动
C.先加速运动后减速运动 D．先减速运动后加速运动
[解析] 物体的运动状态的改变取决于所受合外力．所以，对物体进行准确的受力分析是解决此题的关键，物体在整个运动过程中受到重力和弹簧弹力的作用．刚放手时，弹力大于重力，合力向上，物体向上加速运动，但随着物体上移，弹簧形变量变小，弹力随之变小，合力减小，加速度减小；当弹力减至与重力相等的瞬间，合力为零，加速度为零，此时物体的速度最大；此后，弹力继续减小，物体受到的合力向下，物体做减速运动，当弹簧恢复原长时，二者分离．
7.如图所示，一轻质弹簧竖直放在水平地面上，小球A由弹簧正上方某高度自由落下，与弹簧接触后，开始压缩弹簧，设此过程中弹簧始终服从胡克定律，那么在小球压缩弹簧的过程中，以下说法中正确的是( ) 参考答案:C
A.小球加速度方向始终向上
B.小球加速度方向始终向下
C.小球加速度方向先向下后向上
D.小球加速度方向先向上后向下
(试分析小球在最低点的加速度与重力加速度的大小关系)
8.如图所示，一轻质弹簧一端系在墙上的O点，自由伸长到B点．今用一小物体m把弹簧压缩到A点，然后释放，小物体能运动到C点静止，物体与水平地面间的动摩擦因数恒定，试判断下列说法正确的是 ( )
A.物体从A到B速度越来越大，从B到C
速度越来越小
B.物体从A到B速度越来越小，从B到C
加速度不变
C.物体从A到B先加速后减速，从B一直减速运动
D.物体在B点受到的合外力为零
参考答案:C
9.如图所示，一轻质弹簧一端与墙相连，另一端与一物体接触，当弹簧在O点位置时弹簧没有形变，现用力将物体压缩至A点，然后放手。物体向右运动至C点而静止，AC距离为L。第二次将物体与弹簧相连，仍将它压缩至A点，则第二次物体在停止运动前经过的总路程s可能为：
A.s=L B.s>L
C.s<L D.条件不足，无法判断
参考答案:AC
(建议从能量的角度、物块运动的情况考虑)
10. A、B两木块叠放在竖直轻弹簧上，如图所示，已知木块A、B质量分别为0.42 kg和0.40 kg，弹簧的劲度系数k=100 N/m ，若在木块A上作用一个竖直向上的力F，使A由静止开始以0.5 m/s2的加速度竖直向上做匀加速运动（g=10 m/s2）.
（1）使木块A竖直做匀加速运动的过程中，力F的最大值；
（2）若木块由静止开始做匀加速运动，直到A、B分离的过
程中，弹簧的弹性势能减少了0.248 J，求这一过程F对
木块做的功.
分析：此题难点和失分点在于能否通过对此物理过程的分析后，确定两物体分离的临界点，即当弹簧作用下的两物体加速度、速度相同且相互作用的弹力 N =0时 ,恰好分离.
解:
当F=0（即不加竖直向上F力时），设A、B叠放在弹簧上处于平衡时弹簧的压缩量为x，有
kx=（mA+mB）g
x=（mA+mB）g/k ①
对A施加F力，分析A、B受力如图
对A F+N-mAg=mAa ②
对B kx′-N-mBg=mBa′ ③
可知，当N≠0时，AB有共同加速度a=a′，由②式知欲使A匀加速运动，随N减小F增大.当N=0时，F取得了最大值Fm,
即Fm=mA（g+a）=4.41 N
又当N=0时，A、B开始分离，由③式知，
此时，弹簧压缩量kx′=mB（a+g）
x′=mB（a+g）/k ④
AB共同速度 v2=2a（x-x′） ⑤
由题知，此过程弹性势能减少了WP=EP=0.248 J
设F力功WF，对这一过程应用动能定理或功能原理
WF+EP-（mA+mB）g（x-x′）= （mA+mB）v2 ⑥
联立①④⑤⑥，且注意到EP=0.248 J
可知，WF=9.64×10-2 J
H没有标注。姑且认为是物块的初始高度吧。假定落到转折点时没有撞击损失的能量。
用牛顿定理（角度用theta、摩擦因素用u表示）：
在斜面上时：
重力沿斜面的分量：Gd=m*g*cos(theta)
支持力等于重力垂直于斜面的分量：N=m*g*sin(theta)
摩擦阻力：Ds=u*N=u*m*g*sin(theta)
物块的加速度：as=(Gd-Ds)/m=g*(cos(theta)-u*sin(theta)) （匀加速运动）
斜坡面的长度：L=H/cos(theta)
匀加速运动距离、时间和加速度之间的关系（因为初始速度为零，不用考虑）：
L=1/2 * as * t * t （t为到达斜坡底部的时间）
由上式可解出时间：t=sqrt(2*L/as) （sqrt 表示开根号）
进而可求出到达底部的速度：Vs=as*t =as*sqrt(2*L/as)=sqrt(2*as*H/cos(theta))（只是表达形式，注意as已经有具体的表达式了）
这个Vs就是开始在平面上运动的初速度
在平面上：
摩擦力：Dh=u*m*g （支持力等于重力）
匀加（减）速度：ah=Dh/m=u*g
令当静止（速度为零）时经历的时间（从到达平面后计算）为th，则有：
S=Vs*th-1/2*ah*th*th
Vs=ah*th
加上上面的：Vs=sqrt(2*as*H/cos(theta))
可以解出：H=uS/(1-u*tan(theta))
动能定理比较简单：
一开始物块具有的势能：P=m*g*H
在斜面上摩擦力做的功：Ws=u*m*g*sin(theta)*H/cos(theta)
在平面上摩擦力做的功：Wh=u*m*g*S
势能转化为动能，然后被摩擦力消耗，所以：
P=Ws+Wh
同样解得：H=uS/(1-u*tan(theta))
没看见加分啊？呵呵！
首先，要分析清楚物块2在传送带（BC段）的运动分几个阶段，具体要先将物块在B点的速度求出：
B点：1/2mv1^2=Ep (1) m1v1=m2v2 (2) 解得v2
然后进入传送带，分2个阶段：
阶段1：因为开始传送带虽然加速，但速度比物块2小，所以相对传送带减速，ma2=μmg 所以a2=μg=2m/s2 方向向左。与此同时传送带也在加速，等到两者速度相等时，保持相对静止，随后进入阶段2，这样可以算出物块加速到和传送带速度相等时用的时间t1，a1*t1=v2-a2*t1,即阶段1用的时间 t1=v2/(a1+a2)。 同时计算出距离L1=V2*t-1/2at^2 末速度V3=a1*t1（第2阶段初速度）
阶段2:传送带速度继续以1m/s2的加速度增加，开始拉动物块加速，由于摩擦系数为μ，所以a=μg
剩余距离L2=L-L1 已知初速度V3、加速度a2和距离L2，求时间的简单问题,。v3*t2+1/2a1t2^2=L2 解出t2
问题到这里就可以了t=t1+t2
希望能帮助到楼主！楼主开开心心解题啊!
由弹簧势能得m1速度：1/2m1v1²=Ep
由动量守恒求m2分离速度：m1v1=m2v2,这里题目存在问题，没说清楚m1会不会倒回来追上m2并碰撞，假设不会
代入解得：
v1=4
v2=3
由于开始时带无速度，所以m2将在带上减速至与带同速，其加速度大小：a1=gμ=2
由于a1>a=1，
同速时有，对m2：v2-a1×t1=v4，对送带：v4=a×t1
m2位移：s=v2×t1-1/2a1×t1²
解得：
t1=1.
s=2.
v4=1.
这里可以回答lz问的问题：m2的位移不受送带位移的直接影响，只需考虑送带的阻力即可
同速以后，由于摩擦力的加速度大于送带加速度(a1>a)，说明摩擦力可以使m2以a的加速度加速运动而不会再滑，从而可以用共速计算在送带剩下距离运动的时间，即：
v4×t2+1/2a×t2²=L-s
解得：t2=1.
从而m2在送带上的总时间为：t=t1+t2=2秒
从题面上看，后面的半圆对解题没看出有什么用，不过倒是可以由v4求半圆的半径。
物体在传送带上有两个阶段，在物体的速度比传送带快时，物体相对传送带向右运动，加速度等于f/m=2m/s^2，做减速运动，而传送带做加速度为1米每平方秒的加速运动，直到二者速度相同，之后物体随着传送带做1米每平方秒的加速运动
求解第二问时 可先用恰好通过最高点算出物块2离开传送带时的速度
而物块滑上传送带时 传送带速度为0 所以物块会减速 加速度为2
当二者速度相同后 再以1为加速度向前加速
当然 也有可能 物块和传送带在速度还未相同前 物块就已经离开传送带
由计算结果判断
我没算第一问 以上是思路
没有关系，V2是以地面为参考系的速度，算出位移x时，位移x是以地面为参考系的位移。
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